励志短句：纵使长夜难明，亦会有人为你燃灯

提醒：篇幅较长，大家可以结合目录查看想要的内容

第一题：

题面：

3733e7339fd5492b913b79ab0dcff719.png

思路：

1.从2023开始枚举每一个数并检查是否合法，一但枚举到合法的数，直接输出答案结束程序即可

2.怎么检查一个数是否合法呢？可以直接转化16进制后放到数组中，再遍历数组判断是否有小于10的数，没有的话就是合法的，有一个数小于10就是不满足条件的，直接返回false

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m;
int a[N];

bool check(int x,vector<int> &nums){
	while(x)	{
		nums.push_back(x%16);
		x/=16;
	}
	for(int i=0;i<nums.size();i++)
		if(nums[i]<10)	return false;
	return true;
}

void solve(){
    for(int i=2023;;i++){
    	vector<int>nums;
		if(check(i,nums)){
			cout<<i<<"\n";
			return;
		}
	}
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

注意这题是直接输出答案：2730

但是这里还是贴上一个代码

第二题：

题面：

e3683e361a4d466daa289126fcb6e2ff.png

思路：

1.一个字母时为A~Z,有26个字母，两个字母时AA~ZZ，共有26*26=676,当有三个字母时AAA~ZZZ,共有26*26*26=17576个字母，因为2022在[676，17576]之间,故2022一定是有三个字母的。

2.此时可以用3个for循环，3个for循环依次对应第几位填那个字母，从A到Z枚举，并用一个计数器记录枚举到了那个数字，枚举到了2022就直接输出答案

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;
int const mod=998244353;    //1e9+7
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1

int T;
int n,m;
int a[N];
LL ans; 


void solve()
{
	int cnt=26*26+26;	//1个字符，2个字符的所有组合情况
	for(char i='A';i<='Z';i++)
		for(char j='A';j<='Z';j++)
			for(char k='A';k<='Z';k++){
				cnt++;
				if(cnt==2022){	//到了2022直接输出答案
					cout<<i<<" "<<j<<" "<<k<<" ";
					return;
				}
			}  
   
} 

int main()
{
    T=1;
//    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        ans=0;
        solve();
    }
	
	return 0;
}

注意这题是直接输出答案：BYT

但是这里还是贴上一个代码

第三题：

题面：

1e0661519f3c456f907769535ef62337.png

思路：

1.关于日期的问题，这里有一个通解，难就难在check函数，就是给你一个8位数的十进制数，如何判断它是一个合法的日期

2.这里可以按年，月，日，拆出来，可以直接让前4位数为年份，第5 6位为月份，最后两位数为日，然后特判月份与日为0的情况，还有月份大于12的情况，最后根据月份直接判断日期是否合法就行，但是还要注意一个平闰年的情况(闰年29天，平年28天，判断闰年的方法是：能被400整除一定为闰年，还有能被4整除但是不能被100整除一定是闰年)

3.关于本题：可以直接从19000101枚举到99991231，在用check函数判断每一个数是否为合法日期，是合法日期答案++。（check函数具体细节看代码）

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;
int const mod=998244353;    //1e9+7
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1

int T;
int n,m;
int months[]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};

bool check(int data){
	int year=data/10000;
	int month=data/100%100;
	int day=data%100;
	
	if(month==0||month>12||day>31||day==0)	return false;
	if(month==2){
		bool flag=year%400==0||(year%4==0&&year%100!=0);
		if(day>flag+28)	return false;
	}
	else if(day>months[month])	return false;	
	//上面这段代码，可以背过，
	//以后遇到关于日期的问题，可以直接当公式套用
	
	
	//检查年份数位和是否等于月+日的数位和
	int temp=year;
	int a=0,b=month%10+month/10%10+day/10%10+day%10;
	while(temp)	a+=temp%10,temp/=10;
	if(a!=b)	return false;	//年份数位和不等于月+日的数位和
	
	return true;	//上面条件都满足才返回true
}

void solve()
{
	int ans=0;
    for(int i=19000101;i<=99991231;i++)
    	if(check(i))	ans++;
    cout<<ans<<endl;
   
} 

int main()
{
    T=1;
//    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        //ans=0;
        solve();
    }
	
	return 0;
}

注意这题是直接输出答案：70910

但是这里还是贴上一个代码

第四题：

题面：

790bf55ca7744b68aa14970f3003d320.png

intput:

99 22 51 63 72 61 20 88 40 21 63 30 11 18 99 12 93 16 7 53 64 9 28 84 34 96 52 82 51 77

思路：

1.可以直接两重for循环枚举两个数，第一个for枚举第一个数，第二个for枚举第二个数，满足乘积大于等于2022答案++

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;
int const mod=998244353;    //1e9+7
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1

int T;
int n,m;
int a[N];
LL ans; 


void solve()
{
	n=30;
    for(int i=0;i<n;i++)	scanf("%d, ",&a[i]);
    
    for(int i=0;i<n;i++)
    	for(int j=i+1;j<n;j++)
    		if(a[i]*a[j]>=2022)	ans++;
    cout<<ans<<endl;
    
   
} 

int main()
{
    T=1;
//    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        ans=0;
        solve();
    }
	
	return 0;
}

注意这题是直接输出答案：189

但是这里还是贴上一个代码

第五题：

题面：

aa946cef42b642c28a10ae688e93fa5e.png63e1d3c10f834834b07314f5a650d315.png

input:

110010000011111110101001001001101010111011011011101001111110
010000000001010001101100000010010110001111100010101100011110
001011101000100011111111111010000010010101010111001000010100
101100001101011101101011011001000110111111010000000110110000
010101100100010000111000100111100110001110111101010011001011
010011011010011110111101111001001001010111110001101000100011
101001011000110100001101011000000110110110100100110111101011
101111000000101000111001100010110000100110001001000101011001
001110111010001011110000001111100001010101001110011010101110
001010101000110001011111001010111111100110000011011111101010
011111100011001110100101001011110011000101011000100111001011
011010001101011110011011111010111110010100101000110111010110
001110000111100100101110001011101010001100010111110111011011
111100001000001100010110101100111001001111100100110000001101
001110010000000111011110000011000010101000111000000110101101
100100011101011111001101001010011111110010111101000010000111
110010100110101100001101111101010011000110101100000110001010
110101101100001110000100010001001010100010110100100001000011
100100000100001101010101001101000101101000000101111110001010
101101011010101000111110110000110100000010011111111100110010
101111000100000100011000010001011111001010010001010110001010
001010001110101010000100010011101001010101101101010111100101
001111110000101100010111111100000100101010000001011101100001
101011110010000010010110000100001010011111100011011000110010
011110010100011101100101111101000001011100001011010001110011
000101000101000010010010110111000010101111001101100110011100
100011100110011111000110011001111100001110110111001001000111
111011000110001000110111011001011110010010010110101000011111
011110011110110110011011001011010000100100101010110000010011
010011110011100101010101111010001001001111101111101110011101

思路：

1.连通块问题，可以直接bfs,dfs都可以解决，具体细节看代码

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>
 
 
using namespace std;
int const mod=998244353;    //1e9+7
int const N=37,M=67;
int const INF=0x3f3f3f3f;
 
typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;
 
#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
 
int T;
int n,m;
char s[N][M];
int dx[]={-1,1,0,0},dy[]={0,0,-1,1};
 
int dfs(int x,int y){
	int res=1;
	for(int i=0;i<4;i++){
		int bx=dx[i]+x,by=dy[i]+y;
		if(bx<0||by<0||bx>=n||by>=m)	continue;
		if(s[bx][by]!='1')	continue;
		s[bx][by]='2';	//遍历过改为字符2
		res+=dfs(bx,by);
	}
	return  res;
}
 
int bfs(int x,int y){
	queue<PII>q;
	q.push({x,y});
	int res=0;
	while(q.size()){
		PII temp=q.front();	q.pop();
		
		res++;	//联通个数++
		for(int i=0;i<4;i++){
			int bx=dx[i]+temp.x,by=dy[i]+temp.y;
			if(bx<0||by<0||bx>=n||by>=m)	continue;
			if(s[bx][by]!='1')	continue;
			s[bx][by]='2';	//遍历过改为字符2
			q.push({bx,by});
		}
	}
	
	return res;
}
 
void solve()
{
	n=30,m=60;
    for(int i=0;i<n;i++)	scanf("%s",s[i]);
    
    int ans=0;
	for(int i=0;i<n;i++)
		for(int j=0;j<m;j++){
			if(s[i][j]=='1'){
				
				//记得起点也要更改，此语句是后面加上的，
				//149并非正确答案，正确答案为148
				s[i][j]='2';	
				
				ans=max(ans,dfs(i,j));	//dfs
				//ans=max(ans,bfs(i,j));	//bfs
			}	
				
		}
    cout<<ans<<endl;
   
} 
 
int main()
{
    T=1;
//    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        //ans=0;
        solve();
    }
	
	return 0;
}

注意这题是直接输出答案：148

但是这里还是贴上一个代码

第六题：

题面：

e5f9c977577848729addc6aede3ab32a.png

思路：

简述题意：给你一周中的一天w，问过了n天后是星期几？

1.过了n天后是第几天，n为7的倍数不影响答案，故可以直接对n取模,再累加到w中

2.注意这里取模ans可能等于0的情况，此时要更改ans=7

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int w,n,m;
int a[N];

void solve(){
    cin>>w>>n;
    int ans=(w+n%7)%7;
    if(ans==0)	ans=7;
    cout<<ans<<endl;
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第七题：

题面：

c8f03cbb64b34d85b7489e5224e0872b.png

7afb52c61c2046f0a689e4ca8a16765d.png

思路：

简述题意：给定一个矩形区域，和n个半径为R的圆心，问矩形中有多少个点被圆所包含？

1.数据范围较小，可以直接枚举每个点，看是否被某个圆所包含，包含直接答案++

时间复杂度 o(WHn) 1e6

AC_Code:

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=107;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int W,H,n,R;
PII a[N];

void solve(){
    scanf("%d%d%d%d",&W,&H,&n,&R);
    
    for(int i=0;i<n;i++)	scanf("%d%d",&a[i].x,&a[i].y);
    
    int ans=0;
    for(int i=0;i<=W;i++)
    	for(int j=0;j<=H;j++){
			for(int  k=0;k<n;k++){
				
				//点到圆心的距离
				double dist=(i-a[k].x)*(i-a[k].x)+(j-a[k].y)*(j-a[k].y);	
				if(dist<=R*R){	//圆心的半径更大，那么当前点一定再圆内
					ans++;			//等于的话就是再圆上
					break;
				}
			}
		}
		
	cout<<ans<<endl;
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第八题：

题面：

8b01478cfdc646f5a0453efe4c37099c.png

cc965bb0e5d943e380899af4bd476d3d.png

思路：

1.对于每一次清理次数，可以直接遍历矩阵进行标记代表被清理过，最后统计没有被标记的格子数即可

2.如果数据范围大一点的话，可以考虑差分写，

时间复杂度 o(n*m*q) 最坏跑1e6

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=107;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m;
int a[N];
int vis[N][N];	//标记当前格子是否被清理过

void solve(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    int q;	scanf("%d",&q);
    while(q--){
		int x1,y1,x2,y2; 
		scanf("%d%d%d%d",&x1,&y1,&x2,&y2);
		for(int i=x1;i<=x2;i++)
			for(int j=y1;j<=y2;j++)
				vis[i][j]=1;	//被清理过就标记为1
	}
	
	int ans=0;
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<=m;j++)	
			if(!vis[i][j])	ans++;
			
	
	cout<<ans<<endl;
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第九题：

题面：

cb0f8dc6fac746998403a8ca77f82e48.png

02f0142db09742d2ba533b309cd0da64.png

思路1：朴素dfs

1.数据范围较小，可以直接dfs求答案

2.但是矩阵呈回子型，或者呈s型递增递减，最坏情况时间复杂度为o(n^4),这里就可能会超时

TLE_Code:C++（这里可能会超时，最坏1e8）

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=307;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m;
int a[N][N];
int dx[]={-1,1,0,0},dy[]={0,0,-1,1};

int dfs(int x,int y){
	int res=1;
	for(int i=0;i<4;i++){
		int bx=dx[i]+x,by=dy[i]+y;
		if(bx<1||by<1||bx>n||by>m)	continue;   //没有出界
		if(a[x][y]>a[bx][by])   //当前值更大，就递归下一个坐标
			res=max(res,dfs(bx,by)+1);
	}
	return res;
}

void solve(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    
    for(int i=1;i<=n;i++)
    	for(int j=1;j<=m;j++)	
			scanf("%d",&a[i][j]);
	
	//这里直接对每一个点dfs一遍，求最大值
	int ans=1;	
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<=m;j++){
			ans=max(ans,dfs(i,j));
		}
		
	cout<<ans<<endl;
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

思路2：记忆化搜索

1.可以再第一步的基础上，加上一个数组，记录答案，优化搜索次数，此时的时间复杂度会将为o(n^2)

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=307;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m;
int a[N][N];
int f[N][N];
int dx[]={-1,1,0,0},dy[]={0,0,-1,1};

int dfs(int x,int y){
	int &res=f[x][y];   //用的引用，直接记录答案
	if(res!=-1) return res; //记忆化·	
	res=1;  //包括本身这个数
	for(int i=0;i<4;i++){
		int bx=dx[i]+x,by=dy[i]+y;
		if(bx<1||by<1||bx>n||by>m)	continue;
		if(a[x][y]>a[bx][by])	
	        res=max(res,dfs(bx,by)+1);
	}
	return res;
}


void solve(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    
    for(int i=1;i<=n;i++)
    	for(int j=1;j<=m;j++)	
			scanf("%d",&a[i][j]);
	
	memset(f,-1,sizeof f);  //初始化为-1
	int ans=1;	
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<=m;j++){
			ans=max(ans,dfs(i,j));
		}
		
	cout<<ans<<endl;
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第十题：

题面：

8abcb143ae404dc499f8db9471cd1330.png

b4f536e2a426465199bfe1f3a755555e.png

思路：线段树

1.对每一个下标索引i，枚举一遍区间[i-k,i+k],时间复杂度是会超时的，故考虑优化

2.题目是区间查询最小值，很容易想到线段树，对每一个数区间查询最小值即可，这题算是线段树的最基本操作，大家务必掌握哈，

时间复杂度:o(nlogn)

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=1e6+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m,k;
int w[N];
struct Node{
    int l,r,val;
}tr[N<<2];

void build(int u,int l,int r){
    if(l==r)    tr[u]={l,r,w[r]};
    else{
        tr[u].l=l; tr[u].r=r;   //记录区间
        int mid=(l+r)>>1;
        build(ls,l,mid);    build(rs,mid+1,r);
        
        tr[u].val=min(tr[ls].val,tr[rs].val);
    }
}

int query(int u,int l,int r){
    if(l<=tr[u].l&&tr[u].r<=r)  return tr[u].val;
    
    int res=1e9;    //为了不影响答案更新,取一个INF
    int mid=(tr[u].l+tr[u].r)>>1;
    if(mid>=l) res=query(ls,l,r);
    if(r>mid)   res=min(res,query(rs,l,r));
    
    return res;
}



void solve(){
    scanf("%d", &n);
    for(int i=1;i<=n;i++)   scanf("%d",w+i);
    build(1,1,n);   //建树
    
    scanf("%d",&k);
    for(int i=1;i<=n;i++){  //对每个区间直接查询最小值
        //这里要注意查询的区间,不然容易tle
        int l=max(1,i-k),r=min(n,i+k);  //左右区间
        printf("%d ",query(1,l,r));
    }
} 

void init(){                     
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第十一题：

题面：

e7f99e25bb8e463e8c669c6641042ffa.png

90d83f6bbfcd4b55a028a310e8d976c3.png

思路：

1.直接模拟，大于1就折半(除2)，并记录除2的次数

很奇怪，竟然不止10题，但是这题较为简单

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>
 
 
using namespace std;
 
typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;
 
#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()
 
int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;
 
int T;
int n,m;
int a[N];
 
void solve(){
    double n;	cin>>n;
    int ans=0;
    while(n>1)	ans++,n/=2;
    cout<<ans<<endl;
} 
 
void init(){
    
}
 
int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

第十二题：

题面：

65d3baf75fd745509a76642f302be541.png

思路：单调栈

1.字典序最小最大问题，可以用单调栈解决

2.本题是删除k个字符使字典序最小，遍历字符串，维护一个单调不下降栈，若当前遍历的字符比栈顶元素更小则弹出栈顶元素，代表删除了一个字符，直到删除到k个字符（具体细节看代码）

3.如果到最后都没有删除k个字符，则从单调不下降栈中的栈顶位置开始删除，直到删除到k个字符，最后直接输出栈中元素就是答案

本题为最后一题，加油把这些题都给Ac了

AC_Code:C++

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include<stack>
#include<cmath>
#include <unordered_set>
#include <unordered_map>
#include<set>
#include <map>


using namespace std;

typedef long long LL;
typedef pair<int,int>PII;

#define x first
#define y second
#define ls u<<1
#define rs u<<1|1
#define all(ss) ss.begin(),ss.end()

int const mod1=998244353;   
int const mod2=1e9+7;
int const N=2e5+7;
int const INF=0x3f3f3f3f;

int T;
int n,m;
int a[N];
string s;

//再字符串s中，删除k个字符，是字典序最小
string get(string s,int k){
	string st;	//这里用string模拟栈
	for(int i=0;i<n;i++){
		while(st.size()&&s[i]<st.back()&&k){
			st.pop_back();	//弹出栈顶元素
			k--;	//删除字符--
		}
		st.push_back(s[i]);
	}
	while(k--)	st.pop_back();	//没有删除k个字符，则从栈顶往前删除
	return st;
}

void solve(){
    cin>>n>>m>>s;
    
    cout<<get(s,m);
} 

void init(){
    
}

int main()
{
    //std::ios::sync_with_stdio(false);   cin.tie(0); cout.tie(0);
    T=1;
    //cin>>T;
    //scanf("%d",&T);
    
    init();
    
    while(T--){
        solve();
    }
	
	return 0;
}

苏格拉底曾说，世界上最快乐的事，莫过于为了梦想而奋斗

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